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·物理·参考答案及解析9AB【解折】根据欧姆定律可得号=光=R,比值是2√2gd,动量大小为p2=m2以=2m√2gd,碰后球1△的速度为=一√2gd,碰后球1动量为=一m定值放A项正确：因为号=R十R,且R减小.所以一m√2gd,若碰撞前后动量守恒，则有m,=m十号变小，而普=为电源内阻不变，放B项正确：根据m,,联立解得3m,√2gd=2m1√2gd-√2gd,整理可得2m1=ma

闭合电路欧姆定律可知，外电路电阻R

减小，电流表(4)与单线摆相比，双线摆的优点是：双摆线能保证小示数表示干路电流I增大，电源总功率P

=EI,变大，球运动更稳定，使小球运动轨迹在同一竖直平面内

电源内阻消耗功率P=Pr,变大，R功率P=PR,12.(1)BC(2分)增大，电源输出功率和R:功率变化无法确定，C、D项(2)1.06m(2分)1.03m(2分)错误

(3)物体下落过程中受到阻力作用或者测量点间距有10.ACD【解析】PQ间水平射人电场的粒子在水平方向误差(2分)都做匀速直线运动，则它们到达CD边的时间均为1【解析】(1)应让重物从靠近打点计时器处释放，以提2L,故A项正确：从Q点射人的粒子，设从Q到R的高纸带的使用率，并且先接通电源，再释放重物

故实时间为，R到M的时间为2，到达R时的竖直速度验步骤中BC项错误为U,则根据牛顿第二定律F=qE=ma可得，粒子在(2)重锤重力势能减小量为△E

=mg△h=mX9.8X(3.2+3.6+4.0)×102J=1.06mJ:相邻两点时间间PS下方的加速度为a,=9E,粒子在PS上方的加速隔为1=0.025，则2点和5点的速度分别为功=号度为a:-5,根据类平抛规律有L=斤，专0.028+0.0322×0.02m/s=1.50m/s,防=2u:6,心=a4=a4十a=t,联立可得E,10.040+0.0432×0.02m/s=2.08m/s,重锤动能增加量为E-g,故C项正确：设PQ到P点距离为么9m话AE=mn话-muf=1.03m小的粒子射人电场后，经过n个类似于Q到R到M的循13.(1)2.6V(或2.7V)环运动（包括粒子从电场E穿过PS进入电场E:的(2)1.4V运动)后，恰好垂直于CD边水平射出，则该粒子的速(3)分析见解析度第一次变为水平所用的时间为T=上=弘(m=2,nnvo【解析】(1)两节新电池串联时，总电流为3,4…),第一次到达PS边的时间则为号不，则有=5n-9N(2分)之4（号T)-是u=2,34…)则PQ间距离P点灯泡两端的电压为U1=1R≈2.6V(2.7V也给分)(2分)为片的粒子射入电场后垂直于CD边水平射出，故B(2)一新、一旧电池串联时，总电流项错误，D项正确

E+E_271上=R+n8A(1分)二、非选择题灯泡两端的电压为11.(3)3m1√2gd(2分)2m1=m2(2分)U2=IR≈1.4V(1分)(4)使小球运动轨迹在同一竖直平而内(2分)(3)不妥当，因为旧电池内阻两端的电压【解析】(3)从A位置到最低点的高度差h,=9d,由机U=1rm≈1.23V(2分)械能守恒定律可得碰撞前的速度=√2g,大于其电动势E,从而使得灯泡两端的电压将小于一3√2gd,则碰前球1的动量大小为p:=m节新电池的电动势(2分)3m,√2gd;碰撞后球2上升高度为h:=4d,由机械能14.子mg,方向水平向左守恒定律可得，碰后球2的速度大小为以=√2g×4d=(2)11.5R·2✉2

(1)实验中,直径为d的金属小球由A处静止释放,下落过程中经过A处正下方固定的光电门1和光电门2,两光电门分别与数字计时器连接.小球的挡光时间分别为t1、t2,则小球通过光电门1时的速度大小为v1=,小球通过光电门2时的速度大小为v2=(用物理量的符号表示).